Trắc nghiệm Tổng hợp bài tập ancol - phenol (phần 1) - Hóa 11

Đề bài

Câu 1 :

Dung dịch chứa 5,4 gam chất X đồng đẳng của phenol đơn chức tác dụng với nước brom (dư) thu được 17,25 gam hợp chất Y chứa ba nguyên tử brom trong phân tử. Giả thiết phản ứng hoàn toàn, công thức phân tử chất đồng đẳng là

A

(CH₃)₂C₆H₃-OH.
B

CH₃ -C₆H₄-OH.
C

C₆H₅-CH₂-OH.
D

C₃H₇-C₆H₄-OH.

Câu 2 :

Một dung dịch chứa 6,1 g chất X là đồng đẳng của phenol đơn chức. Cho dung dịch trên tác dụng với nước brom dư thu được 17,95 g hợp chất Y chứa 3 nguyên tử Br trong phân tử. Biết hợp chất này có nhiều hơn 3 đồng phân cấu tạo. CTPT chất đồng đẳng của phenol là

A

C₂H₅C₆H₄OH
B

C₂H₅(CH₃)C₆H₃OH
C

(CH₃)₂C₆H₃OH
D

A hoặc B

Câu 3 :

Hỗn hợp X gồm hiđro, propen, axit acrylic, ancol anlylic. Đốt cháy hoàn toàn 0,75 mol X thu được 30,24 lít khí CO₂ (đktc). Đun nóng X với bột Ni một thời gian, thu được hỗn hợp Y. Tỉ khối hơi của Y so với X bằng 1,25. Cho 0,1 mol Y phản ứng vừa đủ với V lít dung dịch Br₂ 0,1M. Giá trị của V là

A

0,6.
B

0,5.
C

0,3.
D

0,4.

Câu 4 :

Hỗn hợp X gồm 1 ancol và 2 sản phẩm hợp nước của propen. Tỉ khối hơi của X so với hiđro bằng 23. Cho m gam X đi qua ống sứ đựng CuO (dư) nung nóng. Sau khi các phản ứng xảy ra hoàn toàn thu được hỗn hợp Y gồm 3 chất hữu cơ và hơi nước, khối lượng ống sứ giảm 3,2 gam. Cho Y tác dụng hoàn toàn với lượng dư dung dịch AgNO₃ trong NH₃, tạo ra 48,6 gam Ag. Phần trăm khối lượng của propan-1-ol trong X là

A

16,3%
B

65,2%
C

48,9%
D

83,7%

Câu 5 :

X, Y, Z là ba ancol bền (M_X < M_Y < M_Z) mạch hở và có cùng số nguyên tử hiđro. Biết Y no, X và Z có số pi liên tiếp nhau, Y và Z khác nhau số nhóm chức. Cho 12,64 gam hỗn hợp A gồm X, Y, Z tác dụng vừa đủ với K, cô cạn dung dịch thu được hỗn hợp muối T và 3,136 lít H₂ (đktc). Đốt cháy hết T thu được CO₂, K₂CO₃ và 8,28 gam H₂O. Biết số liên kết pi trung bình của A bằng 0,9. Phần trăm khối lượng muối có phân tử khối lớn nhất trong T có giá trị gần với?

A

24%.
B

21%.
C

28%.
D

48%.

Câu 6 :

Hỗn hợp X gồm hai ancol đều có công thức dạng RCH₂OH (R là gốc hiđrocacbon mạch hở). Dẫn m gam X qua ống sứ chứa CuO dư, đun nóng thu được hỗn hợp khí và hơi Y, đồng thời khối lượng ống sứ giảm 4,48 gam. Cho toàn bộ Y vào lượng dư dung dịch AgNO₃ trong NH₃, đun nóng thu được 86,4 gam Ag. Nếu đun nóng m gam X với H₂SO₄ đặc ở 140^oC, thu được 10,39 gam hỗn hợp Y gồm các ete. Biết hiệu suất của ancol có khối lượng phân tử tăng dần lần lượt là 75% và 80%. Công thức của ancol có khối lượng phân tử lớn hơn là

A

C₂H₅OH.
B

C₃H₇OH.
C

C₃H₅OH.
D

C₄H₉OH.

Câu 7 :

M là hỗn hợp gồm 3 ancol đơn chức X, Y, Z có số nguyên tử cacbon liên tiếp nhau, đều mạch hở (M_X < M_Y < M_Z); X và Y no, Z không no (có 1 liên kết đôi C=C). Chia M thành 3 phần bằng nhau.

- Đốt cháy hoàn toàn phần 1 thu được 45,024 lít khí CO₂ (đktc) và 46,44 gam H₂O

- Phần 2 làm mất màu vừa đủ dung dịch chứa 16 gam Br₂

- Đun nóng phần 3 với H₂SO₄ đặc ở 140^oC thu được 18,752 gam hỗn hợp 6 ete (T). Đốt cháy hoàn toàn T thu được 1,106 mol CO₂ và 1,252 mol H₂O.

Hiệu suất tạo ete của X, Y, Z lần lượt là

A

50%; 40%; 35%.
B

50%; 60%; 40%.
C

60%; 40%; 35%.
D

60%; 50%; 35%.

Câu 8 :

Khi đun hỗn hợp 2 ancol no, đơn chức, mạch hở không phân nhánh với H₂SO₄ đặc ở nhiệt độ thích hợp thu được 14,4 gam nước và 52,8 gam hỗn hợp X gồm 4 chất hữu cơ không phải là đồng phân của nhau với tỉ lệ mol bằng nhau. Công thức phân tử của ancol có khối lượng phân tử lớn hơn là

A

C₃H₇OH
B

C₂H₅OH
C

C₄H₉OH
D

C₅H₁₀OH

Câu 9 :

Hỗn hợp khí X gồm hai olefin (là đồng đẳng kế tiếp) có tỉ khối so với H₂ bằng 17,5. Hiđrat hóa hoàn toàn 3,584 lít X (đktc) ở điều kiện thích hợp, thu được hỗn hợp Y gồm ba ancol, trong đó ancol bậc hai chiếm 37,5% số mol. Đun nóng Y với axit sunfuric đặc, thu được 0,052 mol hỗn hợp các ete (có khối lượng 4,408 gam) và hỗn hợp Z gồm các ancol dư. Dẫn Z (ở dạng hơi) đi qua bột CuO (dư, đun nóng) đến khi phản ứng kết thúc, lấy toàn bộ sản phảm cho phản ứng tráng bạc thì thu được tối đa 6,912 gam Ag. Hiệu suất phản ứng tạo ete của ancol bậc hai trong Y là

A

20%.
B

40%.
C

60%.
D

80%.

Câu 10 :

Đun nóng 72,8 gam hai ancol đơn chức, kế tiếp trong dãy đồng đẳng là X và Y (M_X < M_Y), thu được 0,4 mol anken; 22,7 gam ba ete và ancol dư. Đốt cháy hoàn toàn lượng anken và ete thu được 2,2 mol CO₂. Mặt khác, đốt cháy lượng ancol dư cần vừa đủ 1,8 mol O₂ thu được 1,7 mol H₂O. Khối lượng ancol X tham gia ete hóa có giá trị gần nhất với

A

12
B

11
C

9
D

14

Lời giải và đáp án

Câu 1 :

A

(CH₃)₂C₆H₃-OH.
B

CH₃ -C₆H₄-OH.
C

C₆H₅-CH₂-OH.
D

C₃H₇-C₆H₄-OH.

Đáp án : B

Phương pháp giải :

X+ 3Br₂ → Y + 3HBr

x 3x 3x

n_Br2 = n_HBr = x

ĐLBTKL => m_X + m_Br2 = m_{hợp chất} + m_HBr

=> x => M_X

Lời giải chi tiết :

X+ 3Br₂ → Y+ 3HBr

x 3x 3x

${n_{B{r_2}}} = {n_{HBr}} = x$

ĐLBTKL => m_X + m_Br2 = m_{hợp chất} + m_HBr

=> 5,4 + 160.3x = 17,25 + 81.3x => x = 0,05 mol

=> ${M_X} = \dfrac{{5,4}}{{0,05}} = 108$

=> X chỉ có thể là CH₃ -C₆H₄-OH.

Câu 2 :

A

C₂H₅C₆H₄OH
B

C₂H₅(CH₃)C₆H₃OH
C

(CH₃)₂C₆H₃OH
D

A hoặc B

Đáp án : C

Phương pháp giải :

X + 3Br₂ → Y + 3HBr

n_Br2 = n_HBr=x

ĐLBTKL => m_X + m_Br2 = m_{hợp chất} + m_HBr

6,1 + 160.3x = 17,95 + 81.3x

=> x => M_X

Lời giải chi tiết :

X+ 3Br₂ → Y+ 3HBr

x 3x 3x

n_Br2 = n_HBr=x

ĐLBTKL => m_X + m_Br2 = m_{hợp chất} + m_HBr

6,1 + 160.3x = 17,95 + 81.3x

=> x= 0,05 mol

=> M_X = 6,1 : 0,05=122

=> X có thể là C₂H₅C₆H₄OH hoặc (CH₃)₂C₆H₃OH

Biết hợp chất này có nhiều hơn 3 đồng phân cấu tạo => X chỉ có thể là (CH₃)₂C₆H₃OH

Câu 3 :

A

0,6.
B

0,5.
C

0,3.
D

0,4.

Đáp án : B

Phương pháp giải :

+) n_{chất hữu cơ} $ = \dfrac{{{n_{C{O_2}}}}}{3} = 0,45{\text{ }}mol \Rightarrow {n_{{H_2}}} = 0,3$

+) Từ $\dfrac{{{M_Y}}}{{{M_X}}} = 1,25$ và ${m_X} = {m_Y} \Rightarrow {\text{ }}\dfrac{{{n_X}}}{{{n_Y}}}$ => n_X và n_Y

+) n_{H2 phản ứng}= n_{hụt đi} = n_X – n_Y

+) Bảo toàn liên kết pi: $ \Rightarrow {\text{ }}{n_{B{r_2}}}$

Lời giải chi tiết :

Dễ thấy các chất hữu cơ trong X đều có 3C

=> n_{chất hữu cơ} $ = \dfrac{{{n_{C{O_2}}}}}{3} = 0,45{\text{ }}mol \Rightarrow {n_{{H_2}}} = 0,3$

Theo gt : $\dfrac{{{M_Y}}}{{{M_X}}} = 1,25$

Mà : ${m_X} = {m_Y} \Rightarrow {\text{ }}\dfrac{{{n_X}}}{{{n_Y}}} = 1,25$

n_X = 0,75 => n_Y = 0,6

=> n_{H2 phản ứng}= n_{hụt đi} = n_X – n_Y = 0,15 mol

Bảo toàn liên kết pi: $0,45-0,15 = {n_{B{r_2}}} \Rightarrow {\text{ }}{n_{B{r_2}}} = 0,3{\text{ }}mol$

Vậy 0,6 mol Y phản ứng hết với 0,3 mol Br₂

=> 0,1 mol Y phản ứng hết với 0,05 mol Br₂

=> V = 0,5 lít

Câu 4 :

A

16,3%
B

65,2%
C

48,9%
D

83,7%

Đáp án : A

Phương pháp giải :

+) X chứa C₃H₇OH và có M_X = 46 => ancol còn lại là CH₃OH và ${n_{C{H_3}OH}} = {n_{{C_3}{H_7}OH}}$

Đặt CH₃CH₂CH₂OH (a mol); CH₃CHOH-CH₃ (b mol) => CH₃OH (a + b) mol

+) Từ khối lượng ống sứ giảm => khối lượng O phản ứng => PT (1)

Y gồm CH₃CH₂CHO (a mol), CH₃-CO-CH₃ (b mol) và HCHO (a + b)

+) Từ số mol Ag thu được => Pt (2)

(1), (2) => a, b

Lời giải chi tiết :

X chứa C₃H₇OH và có M_X = 46 => ancol còn lại là CH₃OH và ${n_{C{H_3}OH}} = {n_{{C_3}{H_7}OH}}$

Đặt CH₃CH₂CH₂OH (a mol); CH₃CHOH-CH₃ (b mol) => CH₃OH (a + b) mol

=> n_O= a + b + a + b = 0,2

Y gồm CH₃CH₂CHO (a mol), CH₃-CO-CH₃ (b mol) và HCHO (a + b)

=> n_Ag= 2a + 4.(a + b) = 0,45

=> a = 0,025 và b = 0,075

=> $\% {m_{C{H_3}C{H_2}C{H_2}OH}} = 16,3\% $

Câu 5 :

A

24%.
B

21%.
C

28%.
D

48%.

Đáp án : D

Phương pháp giải :

+) Từ số mol H₂ sinh ra => số mol nhóm OH trong A => số mol O trong A

+) Lượng nguyên tử H trong hỗn hợp A bay 1 phần tạo H₂ và 1 phần tạo H₂O khi đốt cháy muối T

=> Bảo toàn nguyên tố H: ${n_{H\,(trong\,A)}} = 2.{n_{{H_2}}}{\text{ + }}2.{n_{{H_2}O}}$

=> ${n_{C\,(trong\,A)}} = \dfrac{{{m_A} - {m_H} - {m_O}}}{{12}}$

+) Tính tổng số mol ancol trong A: ${n_{ancol}}.(1-k) = {n_{{H_2}O}}-{n_{C{O_2}}}$

=> số nguyên tử H trong ancol

+) Biện luận tìm X, Y, Z

+) Từ số mol ancol trong A, số mol C trong A, số mol O, lập hpt tìm số mol mỗi ancol

=> số mol mỗi muối

Lời giải chi tiết :

n_H2 = 0,14 mol => n_{O (trong A)} = 0,28 mol

Lượng nguyên tử H trong hỗn hợp A bay 1 phần tạo H₂ và 1 phần tạo H₂O khi đốt cháy muối T

=> Bảo toàn nguyên tố H: ${n_{H\,(trong\,A)}} = 2.{n_{{H_2}}}{\text{ + }}2.{n_{{H_2}O}} = 1,2{\text{ }}mol$

=> ${n_{C\,(trong\,A)}} = \dfrac{{{m_A} - {m_H} - {m_O}}}{{12}} = \dfrac{{12,64 - 0,28.16 - 1,2}}{{12}} = 0,58$

Vì ${n_{ancol}}.(1-k) = {n_{{H_2}O}}-{n_{C{O_2}}}$ (trong đó ${n_{{H_2}O}} = \frac{{{n_{H\,(trong\,A)}}}}{2}$; ${n_{C{O_2}}} = {n_{C\,(trong\,A)}}$ ; k là độ không no, k = 0,9)

=> n_ancol= 0,2

=> số $H = \dfrac{{2.{n_H}}}{{{n_{ancol}}}} = 6$

Vì X, Z có số liên kết pi liên tiếp nhau nên:

X là CH₂=CH-CH₂OH (x mol)

Z là CH≡C-C₂H₅O_n (z mol) (n ≤ 2)

Y no nên Y là C₂H₆O_m (y mol) (m ≤ 2)

n_ancol = x + y + z = 0,2

n_C = 3x + 2y + 4z = 0,58

n_O = x + nz + my = 0,28

Do n ≠ m nên:

TH1: n = 1 và m = 2 => x = 0,02; y = 0,1 và z = 0,08

Muối gồm C₃H₅OK (0,02 mol), C₄H₅OK (0,1 mol) và C₂H₄(OK)₂ (0,08 mol)

=> $\% {m_{{C_2}{H_4}{{\left( {OK} \right)}_2}}} = 46,46\% $

TH2: n = 2 và m = 1 => loại vì X, Y khác số nhóm chức

Câu 6 :

A

C₂H₅OH.
B

C₃H₇OH.
C

C₃H₅OH.
D

C₄H₉OH.

Đáp án : D

Phương pháp giải :

+) n_RCHO = n_O

+) Xét n_Ag = 0,8 > 2.n_RCHO=> các anđehit

=> X gồm CH₃OH (0,12 mol) và ACH₂OH (0,16 mol)

+) Tính ${n_{C{H_3}OH}}$_{phản ứng}và ${n_{AC{H_2}OH}}$_{phản ứng}

=> ${n_{{H_2}O}} = \dfrac{{{n_{ancol\,phản\,ứng}}}}{2}$

+) Từ m_{ancol phản ứng} => A

Lời giải chi tiết :

Khối lượng ống sứ giảm là khối lượng O

n_RCHO = n_O= 0,28 mol

n_Ag = 0,8 > 2.n_RCHOnên anđehit gồm HCHO (0,12 mol) và ACHO (0,16 mol)

=> X gồm CH₃OH (0,12 mol) và ACH₂OH (0,16 mol)

${n_{C{H_3}OH}}$_{phản ứng}$= 0,12.75\% = 0,09{\text{ }}mol$

${n_{AC{H_2}OH}}$_{phản ứng}$= 0,16.80\% = 0,128{\text{ }}mol$

=> ${n_{{H_2}O}} = \dfrac{{{n_{ancol\,phản\,ứng}}}}{2} = 0,109\,mol$

m_{ancol phản ứng} = 0,09.32 + 0,128.(A + 31) = 10,39 + 0,109.18

=> A = 43 (C₃H₇)

Ancol còn lại là: C₃H₇CH₂OH hay C₄H₉OH

Câu 7 :

- Đốt cháy hoàn toàn phần 1 thu được 45,024 lít khí CO₂ (đktc) và 46,44 gam H₂O

- Phần 2 làm mất màu vừa đủ dung dịch chứa 16 gam Br₂

- Đun nóng phần 3 với H₂SO₄ đặc ở 140^oC thu được 18,752 gam hỗn hợp 6 ete (T). Đốt cháy hoàn toàn T thu được 1,106 mol CO₂ và 1,252 mol H₂O.

Hiệu suất tạo ete của X, Y, Z lần lượt là

A

50%; 40%; 35%.
B

50%; 60%; 40%.
C

60%; 40%; 35%.
D

60%; 50%; 35%.

Đáp án : B

Phương pháp giải :

Vì Z chứa 1 liên kết đôi => đốt cháy Z thu được ${n_{{H_2}O}} = {n_{C{O_2}}}$

=> ${n_X} + {n_Y} = {n_{{H_2}O}}-{n_{C{O_2}}}$

+) ${n_Z} = {n_{B{r_2}}}$

+) Tính số C trung bình của hỗn hợp M => các ancol trong M

Đặt x, y, z là số mol X, Y, Z đã phản ứng

=> ${n_{ete}} = {n_{{H_2}O}} = \dfrac{{{n_{ancol{\text{ }}pư}}}}{2} = \dfrac{{x + y + z}}{2}$

+) Bảo toàn khối lượng: m_X + m_Y + m_Z = m_ete+ m_H2O=> PT (1)

+) Từ số mol CO₂ khi đốt T => PT (2)

+) Từ số mol H₂O khi đốt T => PT (3)

(1), (2), (3) => x; y; z => hiệu suất

Lời giải chi tiết :

Đốt phần 1 thu được: ${n_{C{O_2}}} = 2,01{\text{ }}mol$ và ${n_{{H_2}O}} = 2,58{\text{ }}mol$

Vì Z chứa 1 liên kết đôi => đốt cháy Z thu được ${n_{{H_2}O}} = {n_{C{O_2}}}$

=> ${n_X} + {n_Y} = {n_{{H_2}O}}-{n_{C{O_2}}} = 0,57$

${n_Z} = {n_{B{r_2}}} = 0,1$

=> n_M = 0,67 => số C = 3

Vậy M chứa:

X là C₂H₅OH: 0,1 mol

Y là C₃H₇OH: 0,47 mol

Z là C₄H₇OH: 0,1 mol

(số C = 3 nên n_X = n_Z)

Đặt x, y, z là số mol X, Y, Z đã phản ứng

=> ${n_{ete}} = {n_{{H_2}O}} = \dfrac{{{n_{ancol{\text{ }}pư}}}}{2} = \dfrac{{x + y + z}}{2}$

Bảo toàn khối lượng: m_X + m_Y + m_Z = m_ete+ m_H2O

=> 46x + 60y + 72z = 18,752 + 18.(x+y+z)/2 (1)

Đốt T thu được:

${n_{C{O_2}}} = 2x + 3y + 4z = 1,106\,\left( 2 \right)$

${n_{{H_2}O}} = 3x + 4y + 4z-\dfrac{{x + y + z}}{2} = 1,252\,\left( 3 \right)$

Giải hệ (1), (2), (3) => x = 0,05; y = 0,282; z = 0,04

=> H(X) = 50%; H(Y) = 60%; H(Z) = 40%

Câu 8 :

A

C₃H₇OH
B

C₂H₅OH
C

C₄H₉OH
D

C₅H₁₀OH

Đáp án : A

Phương pháp giải :

4 chất hữu cơ gồm 3 ete và 1 anken

+) Từ số mol H₂O sinh ra => số mol ete và anken

n_{ancol tạo ete}= 2.n_etevà n_{ancol tạo anken}= n_anken

=> n_{ancol tổng}

BTKL: m_ancol = m_ete+ m_anken + m_H2O

=> M_ancol

=> có CH₃OH (vì ancol này không tạo anken) và ROH

+) ${n_{C{H_3}OC{H_3}}} = {n_{ROR}} = {n_{ROC{H_3}}}$

+) Tính n_{ROH tạo anken}

=> n_{CH3OH tổng}và n_ROH _tổng=> R

Lời giải chi tiết :

4 chất hữu cơ gồm 3 ete và 1 anken

n_ete= 3x mol và n_anken= x mol

=> n_H2O= 4x = 0,8 mol

=> x = 0,2

n_{ancol tạo ete}= 2.n_ete= 1,2 mol

n_{ancol tạo anken}= n_anken= 0,2 mol

=> n_{ancol tổng}= 1,4

m_ancol = 52,8 + 14,4 = 67,2

=> M = 48

=> có CH₃OH (vì ancol này không tạo anken) và ROH

Ta có: ${n_{C{H_3}OC{H_3}}} = {n_{ROR}} = {n_{ROC{H_3}}} = 0,2\,mol$

n_{ROH tạo anken}= 0,2 mol

=> n_{CH3OH tổng}= 0,6 mol và n_ROH _tổng= 0,8 mol

=> 0,6.32 + 0,8.(R + 17) = 67,2 => R = 43

=> ancol còn lại là C₃H₇OH

Câu 9 :

A

20%.
B

40%.
C

60%.
D

80%.

Đáp án : C

Phương pháp giải :

+) Từ tỉ khối của X => 2 anken trong X

+) Y gồm C₂H₅OH (0,08 mol), CH₃CH₂CH₂OH (u mol) và CH₃-CHOH-CH₃ (v mol)

=> u và v

Đặt a, b, c lần lượt là số mol các ancol C₂H₅OH, CH₃CH₂CH₂OH, CH₃-CHOH-CH₃bị ete hóa

+) ${n_{ete}} = {n_{{H_2}O}}$ => PT (1)

+) Bảo toàn khối lượng: m_ancol = m_ete+ m_nước=> PT (2)

+) Z gồm C₂H₅OH (0,08 – a), CH₃CH₂CH₂OH (0,02 – b) và CH₃CHOH-CH₃ (0,06 – c)

+) Từ số mol Ag sinh ra => PT(3)

Từ (1), (2) và (3) => a; b; c

=> $H = \dfrac{c}{v}.100\% $

Lời giải chi tiết :

M_X = 35 => X gồm C₂H₄ (0,08 mol) và C₃H₆ (0,08 mol)

Y gồm C₂H₅OH (0,08 mol), CH₃CH₂CH₂OH (u mol) và CH₃-CHOH-CH₃ (v mol)

=> u + v = 0,08

và v = 37,5%.0,16 = 0,06

=> u = 0,02

Đặt a, b, c lần lượt là số mol các ancol C₂H₅OH, CH₃CH₂CH₂OH, CH₃-CHOH-CH₃bị ete hóa

${n_{ete}} = {n_{{H_2}O}} = \dfrac{{a + b + c}}{2} = 0,052$ (1)

Bảo toàn khối lượng: 46a + 60.(b + c) = 4,408 + 0,052.18 (2)

Z gồm C₂H₅OH (0,08 – a), CH₃CH₂CH₂OH (0,02 – b) và CH₃CHOH-CH₃ (0,06 – c)

Oxi hóa Z rồi lấy sản phẩm thực hiện phản ứng tráng gương:

n_Ag = 2.(0,08 – a) + 2.(0,02 – b) = 0,064 (3)

Từ (1), (2) và (3) => a = 0,064; b = 0,004; c = 0,036

=> $H = \dfrac{c}{v}.100\% = 60\% $

Câu 10 :

A

12
B

11
C

9
D

14

Đáp án : C

Phương pháp giải :

+) Ancol tách nước tạo anken nên X, Y no, đơn chức

=> đốt ancol dư: ${n_{C{O_2}}} = \dfrac{{{n_{{O_2}}}}}{{1,5}}$

+) n_{ancol dư}$ = {n_{{H_2}O}}-{n_{C{O_2}}}$

+) Bảo toàn C tính n_{C trong ancol ban đầu}

X, Y có dạng: C_nH_2n+2O ($\dfrac{{3,4}}{n}$ mol) => n

=> 2 ancol

n_{ancol tạo ete}= n_{ancol ban đầu}– n_anken– n_{ancol dư}

Đặt x và y là số mol X, Y tạo ete => PT (1) tổng số mol ancol tạo ete

+) Bảo toàn khối lượng : m_ancol = m_{ete + ancol dư}+ m_H2O

=> PT (2)

=> x và y => m_{X tạo ete}

Lời giải chi tiết :

Ancol tách nước tạo anken nên X, Y no, đơn chức

=> đốt ancol dư thu được: ${n_{C{O_2}}} = \dfrac{{{n_{{O_2}}}}}{{1,5}} = 1,2$

=> n_{ancol dư}$= {n_{{H_2}O}}-{n_{C{O_2}}} = 0,5$

Bảo toàn C => n_{C trong ancol ban đầu}= 1,2 + 2,2 = 3,4

X, Y có dạng: C_nH_2n+2O ($\dfrac{{3,4}}{n}$ mol)

$ \Rightarrow 14n + 18 = \dfrac{{72,8n}}{{3,4}} \Rightarrow n = \dfrac{{17}}{7}$

=> 2 ancol là C₂H₅OH (0,8 mol) và C₃H₇OH (0,6 mol)

n_{ancol tạo ete}= n_{ancol ban đầu}– n_anken– n_{ancol dư}= 0,5

Đặt x và y là số mol X, Y tạo ete => x + y = 0,5

Bảo toàn khối lượng : m_ancol = m_{ete + ancol dư}+ m_H2O

=> 46x + 60y = 22,7 + 0,5.18/2

=> x = 0,2 và y = 0,3

=> m_{X tạo ete}= 9,2 gam

Bài liên quan

Trắc nghiệm Tổng hợp bài tập ancol - phenol (phần 2) - Hóa 11

Luyện tập và củng cố kiến thức Tổng hợp bài tập ancol - phenol (phần 2) Hóa 11 với đầy đủ các dạng bài tập trắc nghiệm có đáp án và lời giải chi tiết
Trắc nghiệm Bài 41. Phenol - Hóa 11

Luyện tập và củng cố kiến thức Bài 41. Phenol Hóa 11 với đầy đủ các dạng bài tập trắc nghiệm có đáp án và lời giải chi tiết
Trắc nghiệm Bài 40. Điều chế và ứng dụng của ancol - Bài tập độ rượu - Hóa 11

Luyện tập và củng cố kiến thức Bài 40. Điều chế và ứng dụng của ancol - Bài tập độ rượu Hóa 11 với đầy đủ các dạng bài tập trắc nghiệm có đáp án và lời giải chi tiết
Trắc nghiệm Bài 40. Bài tập phản ứng của ancol với axit - Hóa 11

Luyện tập và củng cố kiến thức Bài 40. Bài tập phản ứng của ancol với axit Hóa 11 với đầy đủ các dạng bài tập trắc nghiệm có đáp án và lời giải chi tiết
Trắc nghiệm Bài 40. Bài tập phản ứng tách nước của ancol - Hóa 11

Luyện tập và củng cố kiến thức Bài 40. Bài tập phản ứng tách nước của ancol Hóa 11 với đầy đủ các dạng bài tập trắc nghiệm có đáp án và lời giải chi tiết

Trắc nghiệm Tổng hợp bài tập ancol - phenol (phần 1) - Hóa 11

Trắc nghiệm Tổng hợp bài tập ancol - phenol (phần 2) - Hóa 11

Trắc nghiệm Bài 41. Phenol - Hóa 11

Trắc nghiệm Bài 40. Điều chế và ứng dụng của ancol - Bài tập độ rượu - Hóa 11

Trắc nghiệm Bài 40. Bài tập phản ứng của ancol với axit - Hóa 11

Trắc nghiệm Bài 40. Bài tập phản ứng tách nước của ancol - Hóa 11