Trắc nghiệm Bài 29. Phản ứng cộng của anken - Hóa 11

Olefin là anken có CTPT C_nH_2n

Giả sử n_H2 = n_anken = 1 mol

=> hiệu suất phản ứng tính theo H₂ hoặc anken là như nhau (vì có tỉ lệ phản ứng = tỉ lệ số mol)

=> n _giảm = n_{H2 phản ứng}  = 1.0,75 = 0,75 mol

=> n_A = n_{hỗn hợp ban đầu} – n_giảm = 2 – 0,75 = 1,25 mol

Áp dụng công thức: \(\frac{{{{\bar M}_t}}}{{{{\bar M}_s}}} = \frac{{{n_s}}}{{{n_t}}}\,\, =  > \,\,{\bar M_t} = \frac{{{n_A}.{{\bar M}_A}}}{{{n_t}}} = \frac{{1,25.23,2.2}}{2} = 29\,\)

Mặt khác \(\,\,{\bar M_t} = \frac{{{n_{{H_2}}}.{M_{{H_2}}} + {n_{anken}}.{M_{anken}}}}{{{n_{{H_2}}} + {n_{anken}}}} = \frac{{1.2 + 1.{M_{anken}}}}{2} = 29\,\,\, =  > \,\,{M_{anken}} = 56\)

=> anken là C₄H₈

Giả sử lấy 1 mol hỗn hợp X. Gọi n_H2 = x mol; n_C2H4 = y mol

=> x + y = 1  (1)

 ${{\bar{M}}_{X}}=\frac{28x+2y}{x+y}=3,75.4$ (2)

Từ (1) và (2) => x = y = 0,5 mol

=> hiệu suất tính theo H₂ hoặc C₂H₄ đều như nhau

Áp dụng công thức: \(\frac{{{{\bar M}_X}}}{{{{\bar M}_Y}}} = \frac{{{n_Y}}}{{{n_X}}}\,\, =  > \,\,{n_Y} = \frac{{{n_X}.{{\bar M}_X}}}{{{{\bar M}_Y}}} = \frac{{1.3,75.4}}{{5.4}} = 0,75\)

=> n_{H2 phản ứng} = n_giảm = 1 – 0,75 = 0,25 mol

$=>\text{ }H=\frac{0,25}{0,5}$.100%=50%

Do anken + HBr cho 1 sản phẩm duy nhất

Quan sát đáp án => có A và D thỏa mãn vì anken đối xứng cộng HBr thu được sản phẩm duy nhất

 => anken hết, H₂ dư => Y có H₂ và ankan

=> M_ankan > 26 (do M_H2 < 26)

Gọi anken là C_nH_2n (n ≥ 2)

Đặt n_X = 1 mol; do m_X = m_­Y \( =  > \,\,\dfrac{{{n_X}}}{{{n_Y}}} = \dfrac{{{{\bar M}_X}}}{{{{\bar M}_Y}}}\,\, =  > \,\,{n_Y} = 1.\dfrac{{9,1.2}}{{26}} = 0,7\,\,mol\)

=> n = n_X - n_Y = n_anken = 1 – 0,7 = 0,3 mol => n_{H2 (X)} = 0,7

m_X = 1.9,1.2 = m_H2 + m_X  => n = 4

Vậy anken là CH₃CH=CHCH₃