Đề thi học kì 2 Toán 8 - Đề số 2 - Kết nối tri thứcTổng hợp đề thi giữa kì 1 lớp 8 tất cả các môn - Kết nối tri thức Toán - Văn - Anh - Khoa học tự nhiên Phần trắc nghiệm (3 điểm) Câu 1: Trong các phương trình sau, phương trình nào là phương trình bậc nhất một ẩn?Đề bài
I. Trắc nghiệm
Câu 1 :
Trong các phương trình sau, phương trình nào là phương trình bậc nhất một ẩn?
Câu 2 :
Phương trình \(3x + m - x - 1 = 0\) nhận \(x = - 3\) là nghiệm thì m là:
Câu 3 :
Một ô tô đi từ A đến B từ 6 giờ sáng, lúc 7 giờ sáng cùng ngày, một xe khách cũng đi từ A và tới B cùng lúc với ô tô. Vậy nếu gọi thời gian đi của xe khách là x ( giờ) thì thời gian đi của ô tô là:
Câu 4 :
Cho hàm số \(y = f\left( x \right) = 2x + 1\), điểm nào sau đây thuộc đồ thị hàm số
Câu 5 :
Giá trị m để đường thẳng \(y = mx - 4\) cắt đường thẳng \(y = 2x - 1\) tại điểm có hoành độ bằng 2 là:
Câu 6 :
Một túi đựng các viên kẹo giống hệt nhau, chỉ khác màu nhau, trong đó có 6 viên kẹo màu cam, 3 viên kẹo màu đỏ, 7 viên kẹo màu trắng. An lấy ngẫu nhiên một viên kẹo trong túi. Tính xác suất lấy được viên kẹo màu cam.
Câu 7 :
Một cửa hàng thống kê số lượng các loại điện thoại bán được trong một năm vừa qua như sau:
Tính xác suất thực nghiệm của biến cố E: “Chiếc điện thoại loại A được bán năm đó của của hàng”.
Câu 8 :
Cho tam giác ABC vuông tại A, đường cao AH. Trong các khẳng định sau đây, có bao nhiêu khẳng định đúng? (1) \(A{B^2} = BH.CH\) (2) \(A{C^2} = CH.BC\) (3) \(B{C^2} = AB.AC\)
Câu 9 :
Cho hình bình hành ABCD, kẻ \(AH \bot CD\) tại H; \(AK \bot BC\) tại K. Chọn câu trả lời đúng.
Câu 11 :
Hình chóp tam giác đều có bao nhiêu mặt?
Câu 12 :
Một chậu cây cảnh mini có hình dạng là một hình chóp tứ giác đều có chiều cao bằng 35cm, cạnh đáy bằng 24cm . Độ dài trung đoạn của chậu cây cảnh là
II. Tự luận
Lời giải và đáp án
I. Trắc nghiệm
Câu 1 :
Trong các phương trình sau, phương trình nào là phương trình bậc nhất một ẩn?
Đáp án : B Phương pháp giải :
Phương trình bậc nhất một ẩn có dạng \(ax + b = 0\) với \(a \ne 0\). Lời giải chi tiết :
Phương trình \(3x - y = 0\) là phương trình bậc nhất hai ẩn. Phương trình \(2y + 1 = 0\) là phương trình bậc nhất ẩn y với \(a = 2\) nên ta chọn đáp án B. Phương trình \(4 + 0.x = 0\) có a = 0 nên không phải phương trình bậc nhất một ẩn. Phương trình \(3{x^2} = 8\) là phương trình bậc hai. Đáp án B.
Câu 2 :
Phương trình \(3x + m - x - 1 = 0\) nhận \(x = - 3\) là nghiệm thì m là:
Đáp án : C Phương pháp giải :
Thay \(x = - 3\) vào phương trình để tìm m. Lời giải chi tiết :
Thay \(x = - 3\) vào phương trình \(3x + m - x - 1 = 0\) ta được: \(\begin{array}{l}3.\left( { - 3} \right) + m - \left( { - 3} \right) - 1 = 0\\ - 9 + m + 3 - 1 = 0\\m - 7 = 0\\m = 7\end{array}\) Đáp án C.
Câu 3 :
Một ô tô đi từ A đến B từ 6 giờ sáng, lúc 7 giờ sáng cùng ngày, một xe khách cũng đi từ A và tới B cùng lúc với ô tô. Vậy nếu gọi thời gian đi của xe khách là x ( giờ) thì thời gian đi của ô tô là:
Đáp án : A Phương pháp giải :
Biểu diễn thời gian đi của ô tô theo x. Lời giải chi tiết :
Vì ô tô đi từ A đến B lúc 6 giờ sáng còn xe khách đi từ A đến B lúc 7 giờ sáng và hai xe đến B cùng lúc nên thời gian ô tô đi từ A đến B là x + (7 – 6) = x + 1 (giờ) Đáp án A.
Câu 4 :
Cho hàm số \(y = f\left( x \right) = 2x + 1\), điểm nào sau đây thuộc đồ thị hàm số
Đáp án : B Phương pháp giải :
Thay tọa độ của các điểm để kiểm tra xem điểm nào thuộc đồ thị hàm số. Lời giải chi tiết :
Ta có: \(f(0) = 2.0 + 1 = 1 \ne - 1\) nên điểm \(\left( {0, - 1} \right)\) không thuộc đồ thị hàm số, điểm \(\left( {0;1} \right)\) thuộc đồ thị hàm số. \(f\left( 2 \right) = 2.2 + 1 = 5 \ne 1\) nên điểm \(\left( {2;1} \right)\) không thuộc đồ thị hàm số. \(f\left( {\frac{1}{2}} \right) = 2.\frac{1}{2} + 1 = 1 + 1 = 2 \ne 0\) nên điểm \(\left( {\frac{1}{2};0} \right)\) không thuộc đồ thị hàm số. Vậy B đúng. Đáp án B.
Câu 5 :
Giá trị m để đường thẳng \(y = mx - 4\) cắt đường thẳng \(y = 2x - 1\) tại điểm có hoành độ bằng 2 là:
Đáp án : A Phương pháp giải :
Thay hoành độ x = 2 vào đường thẳng \(y = 2x - 1\) để tìm giao điểm của hai đường thẳng. Thay tọa độ điểm đó vào đường thẳng \(y = mx - 4\) để tìm m. Lời giải chi tiết :
Tung độ giao điểm của hai đường thẳng là: \(y = 2.2 - 1 = 3\) Suy ra giao điểm của hai đường thẳng là điểm \(\left( {2;3} \right)\). Thay tọa độ giao điểm vào đường thẳng \(y = mx - 4\), ta được: \(\begin{array}{l}3 = m.2 - 4\\2m = 3 + 4\\2m = 7\\m = \frac{7}{2}\end{array}\) Đáp án A.
Câu 6 :
Một túi đựng các viên kẹo giống hệt nhau, chỉ khác màu nhau, trong đó có 6 viên kẹo màu cam, 3 viên kẹo màu đỏ, 7 viên kẹo màu trắng. An lấy ngẫu nhiên một viên kẹo trong túi. Tính xác suất lấy được viên kẹo màu cam.
Đáp án : C Phương pháp giải :
Xác định tổng số kết quả có thể và số kết quả thuận lợi cho biến cố Tính tỉ số giữa số kết quả thuận lợi cho biến cố với tổng số kết quả có thể. Lời giải chi tiết :
Có 6 + 3 + 7 = 16 kết quả có thể khi lấy ngẫu nhiên một viên kẹo trong túi. Có 6 kết quả thuận lợi cho biến cố “lấy được viên kẹo màu cam” nên xác suất lấy được viên kẹo màu cam là: \(\frac{6}{{16}} = \frac{3}{8}\). Đáp án C.
Câu 7 :
Một cửa hàng thống kê số lượng các loại điện thoại bán được trong một năm vừa qua như sau:
Tính xác suất thực nghiệm của biến cố E: “Chiếc điện thoại loại A được bán năm đó của của hàng”.
Đáp án : A Phương pháp giải :
Tính tổng số điện thoại bán được trong năm của cửa hàng. Tính xác suất thực nghiệm của biến cố. Lời giải chi tiết :
Tổng số điện thoại bán được trong năm của cửa hàng: \(\frac{{715}}{{2835}} = \frac{{143}}{{567}}\) Đáp án A.
Câu 8 :
Cho tam giác ABC vuông tại A, đường cao AH. Trong các khẳng định sau đây, có bao nhiêu khẳng định đúng? (1) \(A{B^2} = BH.CH\) (2) \(A{C^2} = CH.BC\) (3) \(B{C^2} = AB.AC\)
Đáp án : B Phương pháp giải :
Xác định các tam giác đồng dạng suy ra tỉ số đồng dạng giữa các cạnh. Lời giải chi tiết :
Ta có: $\Delta ABC\backsim \Delta HBA\left( g.g \right)\Rightarrow \frac{AB}{BC}=\frac{BH}{AB}\Rightarrow A{{B}^{2}}=BH.BC$ nên khẳng định (1) sai. $\Delta ABC\backsim \Delta HAC\left( g.g \right)\Rightarrow \frac{AC}{BC}=\frac{CH}{AC}\Rightarrow A{{C}^{2}}=CH.BC$ nên khẳng định (2) đúng. Khẳng định (3) sai. Vậy chỉ có 1 khẳng định đúng (khẳng định (2)). Đáp án B.
Câu 9 :
Cho hình bình hành ABCD, kẻ \(AH \bot CD\) tại H; \(AK \bot BC\) tại K. Chọn câu trả lời đúng.
Đáp án : C Phương pháp giải :
Dựa vào tính chất của hình bình hành và các trường hợp đồng dạng của hai tam giác vuông để xác định. Lời giải chi tiết :
Hình bình hành ABCD có \(\widehat B = \widehat D\) Xét \(\Delta AHD\) và \(\Delta AKB\) có: \(\widehat H = \widehat K\left( { = {{90}^0}} \right)\) \(\widehat B = \widehat D\) suy ra \(\Delta AHD\backsim \Delta AKB\left( gg \right)\) Các đỉnh tương ứng là: 2 đỉnh A, đỉnh D và đỉnh B, đỉnh H và đỉnh K nên đáp án C đúng. Đáp án C.
Đáp án : A Phương pháp giải :
Xác định đúng các đỉnh của hai hình để nối được tâm phối cảnh của hai hình bên. Lời giải chi tiết :
Trong các hình trên, chỉ có hình 1 biểu diễn đúng tâm phối cảnh của cặp hình đồng dạng này.
Đáp án A.
Câu 11 :
Hình chóp tam giác đều có bao nhiêu mặt?
Đáp án : B Phương pháp giải :
Dựa vào đặc điểm của hình chóp tam giác đều. Lời giải chi tiết :
Hình chóp tam giác đều có 4 mặt: 3 mặt bên và 1 mặt đáy. Đáp án B.
Câu 12 :
Một chậu cây cảnh mini có hình dạng là một hình chóp tứ giác đều có chiều cao bằng 35cm, cạnh đáy bằng 24cm . Độ dài trung đoạn của chậu cây cảnh là
Đáp án : A Phương pháp giải :
Gọi SI là trung đoạn, SO là đường cao của hình chóp đều S.ABCD. Dựa vào tính chất của đường trung bình để tính OI. Áp dụng định lí Pythagore vào tam giác SOI để tính SI. Lời giải chi tiết :
Gọi hình chóp đều S.ABCD là hình mô tả của chậu cây mini. Gọi SO là đường cao của hình chóp, SO = 35cm. Gọi SI là trung đoạn. Khi đó I là trung điểm của CD. Xét \(\Delta ACD\) có O, I lần lượt là trung điểm của AC, CD nên OI là đường trung bình của \(\Delta ACD\). Suy ra \(OI = \frac{1}{2}AD = \frac{1}{2}.24 = 12\left( {cm} \right)\) Xét \(\Delta SOI\) vuông tại O có: \(\begin{array}{l}S{I^2} = S{O^2} + O{I^2} = {35^2} + {12^2} = 1369\\SI = \sqrt {1369} = 37\left( {cm} \right)\end{array}\) Vậy độ dài trung đoạn của chậu cây cảnh là 37cm. Đáp án A.
II. Tự luận
Phương pháp giải :
1. Đưa phương trình về dạng \(ax + b = 0\) để giải. 2. a) Lấy 2 điểm A, B thuộc đồ thị hàm số. Vẽ đường thẳng đi qua 2 điểm đó ta được đồ thị (d). Tính diện tích tam giác OAB vuông tại O: \({S_{\Delta OAB}} = \frac{1}{2}OA.OB\). b) Phương trình đường thẳng (d’) có dạng: \(y = ax + b\left( {a \ne 0} \right)\) Hai đường thẳng \(y = ax + b\left( {a \ne 0} \right)\) và \(y = a'x + b'\left( {a' \ne 0} \right)\) song song nếu \(a = a';b \ne b'\). Tiếp theo thay tọa độ điểm \(M\left( {1;5} \right)\) vào phương trình đường thẳng (d’) để tìm được phương trình. Lời giải chi tiết :
1. a) \(2\left( {x - 3} \right) = 5\left( {x - 2} \right) + 8\) \(\begin{array}{l}2x - 6 = 5x - 10 + 8\\2x - 6 = 5x - 2\\2x - 5x = - 2 + 6\\ - 3x = 4\\x = - \frac{4}{3}\end{array}\) Vậy \(x = - \frac{4}{3}\) b) \(\frac{{x - 1}}{9} + \frac{{x - 3}}{7} = 2\) \(\begin{array}{l}\frac{{7\left( {x - 1} \right)}}{{63}} + \frac{{9\left( {x - 3} \right)}}{{63}} = \frac{{2.63}}{{63}}\\7\left( {x - 1} \right) + 9\left( {x - 3} \right) = 2.63\\7x - 7 + 9x - 27 = 126\\7x + 9x = 126 + 27 + 7\\16x = 160\\x = 10\end{array}\) Vậy \(x = 10\) 2. a) Cho \(x = 0\) thì \(y = 5\), ta được \(B\left( {0;5} \right)\) là giao điểm của (d) với các trục tọa độ Oy. Cho \(y = 0\) thì \(x = \frac{5}{2}\), ta được \(A\left( {\frac{5}{2};0} \right)\) là giao điểm của (d) với các trục tọa độ Oy. Đường thẳng AB chính là đồ thị (d).
Vì A, B lần lượt là giao điểm của đường thẳng (d) và trục Ox, Oy nên \(OA \bot OB\). Suy ra \(\Delta OAB\) vuông tại O. Diện tích \(\Delta OAB\) là: \({S_{\Delta OAB}} = \frac{1}{2}OA.OB = \frac{1}{2}\frac{5}{2}.5 = \frac{{25}}{4}\) (đơn vị diện tích). b) Gọi phương trình (d’) cần tìm có dạng: \(y = ax + b\left( {a \ne 0} \right)\). Vì đường thẳng (d’) song song với (d) nên \(a = - 2,b \ne 5\), khi đó phương trình đường thẳng trở thành: \(y = - 2x + b\) Điểm \(M\left( {1;5} \right)\) thuộc đường thẳng (d’) nên ta có: \(\begin{array}{l}5 = - 2.1 + b\\b = 5 + 2\\b = 7(TM)\end{array}\) Vậy phương trình đường thẳng cần tìm là \(y = - 2x + 7\). Phương pháp giải :
Giải bài toán bằng cách lập phương trình. Gọi năng suất dự kiến của tổ sản suất là x (chiếc thảm) (\(x \in N*\)). Biểu diễn năng suất thực tế và số thảm làm được theo x và lập phương trình. Giải phương trình và kiểm tra nghiệm. Lời giải chi tiết :
Gọi năng suất của tổ sản suất là x (chiếc thảm) (\(x \in N*\)). Khi đó năng suất thực tế của tổ là: \(x + 20\% x = 120\% x = 1,2x\) Số thảm tổ cần dệt là: 20x (chiếc thảm) Số thảm tổ làm được là: \(18.1,2x = 21,6x\). Vì tổ còn làm thêm được 24 chiếc thảm so với số thảm được giao nên ta có phương trình: \(20x + 24 = 21,6x\) Giải phương trình ta được \(x = 15\)(TM) Vậy số thảm thực tế tổ sản xuất làm được là: \(21,6.15 = 324\) chiếc thảm. Phương pháp giải :
Sử dụng tính chất của đường cao trong tam giác đều để tính AI. Dựa vào tính chất của trọng tâm để tính OI. Vì các mặt đều là tam giác đều nên đường cao của các tam giác bằng nhau, tính được SI. Áp dụng định lí Pythagore trong tam giác để tính SO. Sử dụng công thức tính thể tích hình chóp đều để tính thể tích của \(S.ABC\). Lời giải chi tiết :
Xét \(\Delta ABC\) đều có đường cao \(AI = \frac{{AC\sqrt 3 }}{2} = \frac{{20\sqrt 3 }}{2} = 10\sqrt 3 \) (cm) O là trọng tâm của tam giác ABC nên \(OI = \frac{1}{3}AI = \frac{1}{3}.10\sqrt 3 = \frac{{10\sqrt 3 }}{3}\)(cm). Vì SI cũng là đường cao của tam giác đều SBC có cạnh bằng 20cm nên \(SI = AI = 10\sqrt 3 cm\). Áp dụng định lí Pythagore vào tam giác vuông SOI, ta có: \(\begin{array}{l}S{O^2} = S{I^2} - O{I^2} = {\left( {10\sqrt 3 } \right)^2} - {\left( {\frac{{10\sqrt 3 }}{3}} \right)^2} = \frac{{800}}{3}\\SO = \sqrt {\frac{{800}}{3}} = \frac{{20\sqrt 6 }}{3}\end{array}\) Thể tích hình chóp S.ABC là: \(V = \frac{1}{3}.\frac{{20\sqrt 6 }}{3}.\frac{1}{2}.10\sqrt 3 .20 \approx 942,81\left( {c{m^3}} \right)\) Vậy thể tích của cuốn lịch khoảng \(942,81c{m^3}\). Phương pháp giải :
a) Chứng minh tam giác AHD và tam giác ABH đồng dạng theo trường hợp góc – góc. b) Chứng minh $\Delta AHE\backsim \Delta ACH$ suy ra \(A{H^2} = AE.AC\) Dựa vào ý a suy ra \(A{H^2} = AB.AD\), ta được điều phải chứng minh. c) Dựa vào định lí Pythagore suy ra \(C{A^2} - H{C^2} = A{H^2}\). Chứng minh F là trung điểm của EC. Sử dụng hằng đẳng thức hiệu hai bình phương để suy ra \(A{F^2} - C{F^2} = A{H^2}\). Ta được điều phải chứng minh. Lời giải chi tiết :
a) Xét \(\Delta AHD\) và \(\Delta ABH\) có: \(\widehat {ADH} = \widehat {BHA} = {90^0}\) \(\widehat {BAH}\) chung nên $\Delta AHD\backsim \Delta ABH\left( g.g \right)$ (đpcm) b) Xét \(\Delta AHE\) và \(\Delta ACH\) có: \(\widehat {AEH} = \widehat {AHC} = {90^0}\) \(\widehat {HAC}\) chung nên $\Delta AHE\backsim \Delta ACH\left( g.g \right)$ Suy ra \(\frac{{AE}}{{AH}} = \frac{{AH}}{{AC}}\). Do đó \(A{H^2} = AE.AC\) (1) $\Delta AHD\backsim \Delta ABH\left( cmt \right)$ suy ra \(\frac{{AD}}{{AH}} = \frac{{AH}}{{AB}}\). Do đó \(A{H^2} = AB.AD\) (2) Từ (1) và (2) suy ra \(AB.AD = AC.AE\) (đpcm) c) Áp dụng định lí Pythagore vào tam giác vuông ACH, ta có: \(C{A^2} - H{C^2} = A{H^2}\) (3) Xét tam giác CHE có: I là trung điểm của CH \(FI//EH\left( {FI \bot AC,HE \bot AC} \right)\) nên FI là đường trung bình của tam giác CHE. Suy ra F là trung điểm của CE hay EF = FC. Áp dụng hằng đẳng thức hiệu hai bình phương, ta có: \(\begin{array}{l}A{F^2} - C{F^2} = \left( {AF - CF} \right)\left( {AF + CF} \right)\\ = \left( {AF - EF} \right).AC\\ = AE.AC = A{H^2}\,(4)\end{array}\) Từ (3) và (4) suy ra \(C{A^2} - H{C^2} = A{F^2} - C{F^2}\). (đpcm) Phương pháp giải :
Số quả trứng có cân nặng dưới 9g = tổng số quả trứng . xác suất một quả trứng cút có cân nặng dưới 9g. Lời giải chi tiết :
Trong lô 3000 quả trứng cút của trang trại, số quả trứng có cân nặng dưới 9g là: \(3000.0,5 = 1500\) (quả) Vậy có khoảng 1500 quả trứng có cân nặng dưới 9g trong lô 3000 quả.
|
