X2 TIỀN NẠP TÀI KHOẢN HỌC TRỰC TUYẾN NGÀY 18-20/2
Đề số 35 - Đề thi vào lớp 10 môn ToánĐề thi vào lớp 10 môn Toán - Đề số 35 có đáp án và lời giải chi tiết Quảng cáo
Đề bài Bài 1 (1 điểm): Các đẳng thức sau đúng hay sai, giải thích? a) √(−3)2=−3.√(−3)2=−3. b) x−y√x+√y=√x−√yx−y√x+√y=√x−√y với x>0,y>0.x>0,y>0. Bài 2 (2,0 điểm): Giải phương trình và hệ phương trình sau: a)2x2−5x+2=0.a)2x2−5x+2=0. b){2x+y=13x−2y=5. Bài 3 (1,5 điểm): Cho hai hàm số (P):y=x2 và d:y=x+2m+10, với m là tham số. a) Vẽ đồ thị (P) trên hệ trục tọa độ Oxy. b) Tìm giá trị của tham số m biết d cắt (P) tại điểm có hoành độ bằng 5. Bài 4 (2,0 điểm): Đua ghe ngo là một trong những nét văn hóa truyền thống độc đáo của đồng bào dân tộc Khmer Nam Bộ. Cuộc đua luôn thu hút hàng trăm ngàn người tham dự vào dịp lễ hội Ok-om-bok hàng năm (rằm tháng 10 âm lịch). Đua ghe ngo là dịp để các đội ghe đến tham gia tranh tài, qua đó nhằm tôn vinh, nâng cao ý thức bảo tồn di sản văn hóa truyền thống của địa phương, thể hiện tinh thần đoàn kết dân tộc, khơi dậy niềm tự hào, tinh thần yêu quê hương đất nước Tại lễ hội đua ghe ngo Sóc Trăng, có 56 đội ghe trong và ngoài đăng ký tham gia. Lúc đầu ban tổ chức dự kiến chia 56 đội thành các bảng đấu với số đội ở mỗi bảng bằng nhau. Tuy nhiên, đến ngày bốc thăm chia bảng thì có 1 đội không tham dự được, vì vậy ban tổ chức quyết định tăng ở mỗi bảng thêm 1 đội, do đó tổng số bảng đấu giảm đi 3 bảng. Hỏi số bảng đấu dự kiến lúc đầu là bao nhiêu? Bài 5 (3,5 điểm): Cho tam giác ABC có ba góc nhọn, nội tiếp đường tròn (O),AB>AC và các đường cao AD,BE,CF cắt nhau tại H. a) Gọi I là trung điểm của AH, chứng minh AEHF nội tiếp đường tròn (I). b) Chứng minh DB.DC=DA.DH. c) Gọi K là giao điểm khác A của hai đường tròn (O) và (I). Chứng minh OI//HK. Lời giải chi tiết Bài 1: Các đẳng thức sau đúng hay sai, giải thích? a) √(−3)2=−3. b) x−y√x+√y=√x−√y với x>0,y>0. a) Ta có: √(−3)2=|−3|=3⇒ biểu thức √(−3)2=−3 sai. b) x−y√x+√y=(√x−√y)(√x+√y)√x+√y=√x−√y.(x>0;y>0) ⇒ Biểu thức x−y√x+√y=√x−√y đúng. Bài 2: Giải phương trình và hệ phương trình sau: a)2x2−5x+2=0. Ta có: Δ=b2−4ac=(−5)2−4.2.2=9>0 ⇒ Phương trình có hai nghiệm phân biệt: [x1=5+√92.2=2x2=5−√92.2=12. Vậy phương trình có tập nghiệm: S={12;2}. b){2x+y=13x−2y=5⇔{4x+2y=23x−2y=5 ⇔{7x=7y=1−2x⇔{x=1y=−1. Vậy hệ phương trình có nghiệm duy nhất: (x;y)=(1;−1). Bài 3: Cho hai hàm số (P):y=x2 và d:y=x+2m+10, với m là tham số. a) Vẽ đồ thị (P) trên hệ trục tọa độ Oxy. Ta có bảng giá trị:
Đồ thị hàm số (P):y=x2 là paraol đi qua các điểm (−2;4),(−1;1),(0;0),(1;1),(2;4).
b) Tìm giá trị của tham số m biết d cắt (P) tại điểm có hoành độ bằng 5. Phương trình hoành độ giao điểm của d và (P) là: x2=x+2m+10⇔x2−x−2m−10=0.(∗) d cắt (P)⇔(∗) có nghiệm ⇔Δ≥0⇔1+4(2m+10)≥0⇔m≥−418. d cắt (P) tại điểm có hoành độ bằng 5⇒x=5 là nghiệm của phương trình (*). ⇒(∗)⇔52−5−2m−10=0 ⇔2m=10⇔m=5.(tm) Vậy m=5 thỏa mãn yêu cầu bài toán. Bài 4: Tại lễ hội đua ghe ngo Sóc Trăng, có 56 đội ghe trong và ngoài đăng ký tham gia. Lúc đầu ban tổ chức dự kiến chia 56 đội thành các bảng đấu với số đội ở mỗi bảng bằng nhau. Tuy nhiên, đến ngày bốc thăm chia bảng thì có 1 đội không tham dự được, vì vậy ban tổ chức quyết định tăng ở mỗi bảng thêm 1 đội, do đó tổng số bảng đấu giảm đi 3 bảng. Hỏi số bảng đấu dự kiến lúc đầu là bao nhiêu? Gọi số đội trong mỗi bảng ban đầu là x (đội), (0<x<56,x∈N). Gọi số bảng được chia ban đầu là y (bảng), (3<y<56,y∈N). Khi đó ta có phương trình:xy=56(1) Có 1 đội không tham dự được nên có 56−1=55 đội tham dự được. Mỗi bảng thêm 1 đội nên số đội trong mỗi bảng lúc này là: x+1 (đội). Tổng số bảng đấu giảm đi 3 nên số bảng đấu lúc này là: y−3 (bảng). Theo đề bài ta có phương trình: (x+1)(y−3)=55⇔y−3x−3+xy=55⇔y−3x=58−xy⇔y−3x=2(2). Từ (1) và (2) ta có hệ phương trình: {xy=56y−3x=2 ⇔{y=2+3xx(2+3x)=56 ⇔{y=3x+23x2+2x−56=0 ⇔{y=3x+2(x−4)(3x+14)=0 ⇔{y=3x+2[x=4(tm)x=−143(ktm) ⇔{x=4y=14(tm). Vậy số bảng đấu dự kiến lúc đầu là 14 bảng đấu. Bài 5: Cho tam giác ABC có ba góc nhọn, nội tiếp đường tròn (O),AB>AC và các đường cao AD,BE,CF cắt nhau tại H.
a) Gọi I là trung điểm của AH, chứng minh AEHF nội tiếp đường tròn (I). Xét tứ giác AEHF ta có: ∠AFH=∠AEH=900 (gt) ⇒∠AFH+∠AEH=1800. ⇒AEHF nội tiếp đường tròn đường kính AH (Tứ giác có tổng hai góc đối bằng 1800). ∠AFH,∠AEH=900⇒∠AFH,∠AEH cùng nhìn đoạn AH dưới góc 900. Mà I là trung điểm của AH. Vậy tứ giác AEHF nội tiếp đường tròn (I) đườn kính AH. b) Chứng minh DB.DC=DA.DH. Ta có: ∠AHF+∠FAH=900 (ΔAFH vuông tại F). ∠ABD+∠DAB=900 (ΔABD vuông tại D). ⇒∠AHF=∠ABD (cùng phụ với ∠FAH) Mà ∠DHC=∠AHF (hai góc đối đỉnh). ⇒∠ABD=∠DHC(=∠AHF). Xét ΔABD và ΔCHD ta có: ∠ADB=∠HDC=900∠ABD=∠DHC(cmt)⇒ΔABD∼ΔCHD(g−g)⇒DBDH=DADC⇔DB.DC=DA.DH.(dpcm). c) Gọi K là giao điểm khác A của hai đường tròn (O) và (I). Chứng minh OI//HK. Ta có: A;K∈(I)⇒IA=IK⇒I thuộc trung trực của AK; A;K∈(O)⇒OA=OK⇒O thuộc trung trực của AK; ⇒OI là trung trực của AK ⇒OI⊥AK. Lại có ∠AKH là góc nội tiếp chắn nửa đường tròn (I)⇒∠AKH=900⇒HK⊥AK. ⇒OI//HK (cùng vuông góc với AK) (đpcm). Loigiaihay.com
Quảng cáo
|