Câu hỏi:

Nhỏ từ từ đến dư dung dịch X gồm Ba(OH)2 1M và NaOH 2M vào dung dịch Y gồm a mol H2SO4 và b mol Al2(SO4)3. Sự phụ thuộc của tổng số mol kết tủa thu được (y mol) vào thể tích dung dịch X nhỏ vào (x lít) được biểu diễn theo đồ thị sau:

 

Tỉ lệ a : b là

  • A 3 : 5.       
  • B 1 : 2.       
  • C 2 : 1.       
  • D 1 : 1.

Phương pháp giải:

Đồ thị gồm 5 đoạn, trong đó 4 đoạn đầu có phản ứng chung là:

Ba2+ + SO42- → BaSO4

Đoạn 1 có thêm phản ứng:

H+ + OH- → H2O

Đoạn 2 có thêm phản ứng:

Al3+ + 3OH- → Al(OH)3

Đoạn 3 có thêm phản ứng:

Al(OH)3 + OH- → AlO2- + 2H2O

Đoạn 4 không có thêm phản ứng nào.

- Khi kết thúc đoạn 3 thì tốn nBa(OH)2 = 0,03 và nNaOH = 0,06

Lúc này Al(OH)3 vừa bị hòa tan hết

→ nOH- = nH+ + 4.nAl3+ → (1)

- Khi kết thúc đoạn 4 thì tốn nBa(OH)2 = 0,05 và nNaOH = 0,1

Lúc này BaSO4 đạt cực đại

→ nSO42- = nBaSO4 → (2)

Giải (1)(2) → a  và b 

Lời giải chi tiết:

Đồ thị gồm 5 đoạn, trong đó 4 đoạn đầu có phản ứng chung là:

Ba2+ + SO42- → BaSO4

Đoạn 1 có thêm phản ứng:

H+ + OH- → H2O

Đoạn 2 có thêm phản ứng:

Al3+ + 3OH- → Al(OH)3

Đoạn 3 có thêm phản ứng:

Al(OH)3 + OH- → AlO2- + 2H2O

Đoạn 4 không có thêm phản ứng nào.

- Khi kết thúc đoạn 3 thì tốn nBa(OH)2 = 0,03 và nNaOH = 0,06

Lúc này Al(OH)3 vừa bị hòa tan hết

→ nOH- = nH+ + 4.nAl3+ → 2a + 4.2b = 0,12 (1)

- Khi kết thúc đoạn 4 thì tốn nBa(OH)2 = 0,05 và nNaOH = 0,1

Lúc này BaSO4 đạt cực đại

→ nSO42- = nBaSO4 → a + 3b = 0,05 (2)

Giải (1)(2) → a = 0,02 và b = 0,01

→ a : b = 2 : 1

Đáp án C


Quảng cáo

Luyện Bài Tập Trắc nghiệm Hóa lớp 12 - Xem ngay